Bagaimana cara mendapatkan jalur dan nama file yang sedang dieksekusi?

Saya memiliki skrip yang memanggil file skrip lain tetapi saya perlu mendapatkan filepath dari file yang sedang berjalan dalam proses.

Sebagai contoh, katakanlah saya punya tiga file. Menggunakan execfile :

• script_1.pypanggilan script_2.py.
• Pada gilirannya, script_2.pypanggilan script_3.py.

Bagaimana saya bisa mendapatkan nama file dan jalur script_3.py, dari kode di dalamscript_3.py , tanpa harus meneruskan informasi itu sebagai argumen dari script_2.py?

(Melaksanakan os.getcwd()mengembalikan filepath skrip awal asli bukan file saat ini.)

p1.py:

execfile("p2.py")

p2.py:

import inspect, os
print (inspect.getfile(inspect.currentframe()) # script filename (usually with path)
print (os.path.dirname(os.path.abspath(inspect.getfile(inspect.currentframe())))) # script directory

__file__

seperti yang orang lain katakan. Anda mungkin juga ingin menggunakan os.path.realpath untuk menghilangkan symlink:

import os

os.path.realpath(__file__)

Pembaruan 2018-11-28:

Berikut ini adalah ringkasan percobaan dengan Python 2 dan 3. With

main.py - menjalankan foo.py
foo.py - menjalankan lib / bar.py
lib / bar.py - mencetak ekspresi filepath

| Python | Run statement       | Filepath expression                    |
|--------+---------------------+----------------------------------------|
|      2 | execfile            | os.path.abspath(inspect.stack()[0][1]) |
|      2 | from lib import bar | __file__                               |
|      3 | exec                | (wasn't able to obtain it)             |
|      3 | import lib.bar      | __file__                               |

Untuk Python 2, mungkin lebih jelas untuk beralih ke paket sehingga dapat menggunakan from lib import bar- cukup tambahkan __init__.pyfile kosong ke dua folder.

Untuk Python 3, execfiletidak ada - alternatif terdekat adalah exec(open(<filename>).read()), meskipun ini mempengaruhi bingkai tumpukan. Ini paling sederhana untuk hanya menggunakan import foodan import lib.bar- tidak __init__.pyperlu file.

Lihat juga Perbedaan antara impor dan execfile

Jawaban asli:

Berikut adalah eksperimen berdasarkan jawaban di utas ini - dengan Python 2.7.10 di Windows.

Yang berbasis tumpukan adalah satu-satunya yang tampaknya memberikan hasil yang dapat diandalkan. Dua yang terakhir memiliki sintaks terpendek , yaitu -

print os.path.abspath(inspect.stack()[0][1])                   # C:\filepaths\lib\bar.py
print os.path.dirname(os.path.abspath(inspect.stack()[0][1]))  # C:\filepaths\lib

Ini untuk ini ditambahkan ke sys sebagai fungsi! Kredit ke @Usagi dan @pablog

Berdasarkan tiga file berikut, dan menjalankan main.py dari foldernya dengan python main.py(juga mencoba execfile dengan path absolut dan memanggil dari folder terpisah).

C: \ filepaths \ main.py: execfile('foo.py')
C: \ filepaths \ foo.py: execfile('lib/bar.py')
C: \ filepaths \ lib \ bar.py:

import sys
import os
import inspect

print "Python " + sys.version
print

print __file__                                        # main.py
print sys.argv[0]                                     # main.py
print inspect.stack()[0][1]                           # lib/bar.py
print sys.path[0]                                     # C:\filepaths
print

print os.path.realpath(__file__)                      # C:\filepaths\main.py
print os.path.abspath(__file__)                       # C:\filepaths\main.py
print os.path.basename(__file__)                      # main.py
print os.path.basename(os.path.realpath(sys.argv[0])) # main.py
print

print sys.path[0]                                     # C:\filepaths
print os.path.abspath(os.path.split(sys.argv[0])[0])  # C:\filepaths
print os.path.dirname(os.path.abspath(__file__))      # C:\filepaths
print os.path.dirname(os.path.realpath(sys.argv[0]))  # C:\filepaths
print os.path.dirname(__file__)                       # (empty string)
print

print inspect.getfile(inspect.currentframe())         # lib/bar.py

print os.path.abspath(inspect.getfile(inspect.currentframe())) # C:\filepaths\lib\bar.py
print os.path.dirname(os.path.abspath(inspect.getfile(inspect.currentframe()))) # C:\filepaths\lib
print

print os.path.abspath(inspect.stack()[0][1])          # C:\filepaths\lib\bar.py
print os.path.dirname(os.path.abspath(inspect.stack()[0][1]))  # C:\filepaths\lib
print

Saya pikir ini lebih bersih:

import inspect
print inspect.stack()[0][1]

dan mendapatkan informasi yang sama dengan:

print inspect.getfile(inspect.currentframe())

Di mana [0] adalah bingkai saat ini di tumpukan (atas tumpukan) dan [1] adalah untuk nama file, naikkan untuk mundur dalam tumpukan yaitu

print inspect.stack()[1][1]

akan menjadi nama file dari skrip yang disebut frame saat ini. Selain itu, menggunakan [-1] akan membawa Anda ke bagian bawah tumpukan, skrip panggilan asli.

import os
os.path.dirname(__file__) # relative directory path
os.path.abspath(__file__) # absolute file path
os.path.basename(__file__) # the file name only

Saran yang ditandai sebagai yang terbaik semuanya benar jika skrip Anda hanya terdiri dari satu file.

Jika Anda ingin mengetahui nama yang dapat dieksekusi (yaitu file root yang diteruskan ke interpreter python untuk program saat ini) dari file yang dapat diimpor sebagai modul, Anda perlu melakukan ini (anggap ini ada dalam file bernama foo.py ):

import inspect

print inspect.stack()[-1][1]

Karena hal terakhir ( [-1]) pada stack adalah hal pertama yang masuk ke dalamnya (tumpukan adalah struktur data LIFO / FILO).

Kemudian di file bar.py jika Anda import fooakan mencetak bar.py , bukan foo.py , yang akan menjadi nilai dari semua ini:

• __file__
• inspect.getfile(inspect.currentframe())
• inspect.stack()[0][1]

import os
print os.path.basename(__file__)

ini akan memberi kita nama file saja. yaitu jika abspath file adalah c: \ abcd \ abc.py maka baris ke-2 akan mencetak abc.py

Tidak sepenuhnya jelas apa yang Anda maksud dengan "filepath dari file yang sedang berjalan dalam proses". sys.argv[0]biasanya berisi lokasi skrip yang dipanggil oleh juru bahasa Python. Periksa dokumentasi sistem untuk lebih jelasnya.

Seperti yang ditunjukkan oleh @Tim dan @Pat Notz, atribut __file__ menyediakan akses ke

file dari mana modul dimuat, jika itu diambil dari file

Saya memiliki skrip yang harus berfungsi di bawah lingkungan windows. Kode ini terpotong dengan apa yang telah saya selesaikan:

import os,sys
PROJECT_PATH = os.path.abspath(os.path.split(sys.argv[0])[0])

itu keputusan yang cukup gila. Tapi itu tidak memerlukan perpustakaan eksternal dan itu adalah hal yang paling penting dalam kasus saya.

Coba ini,

import os
os.path.dirname(os.path.realpath(__file__))

import os
os.path.dirname(os.path.abspath(__file__))

Tidak perlu memeriksa atau perpustakaan lain.

Ini bekerja untuk saya ketika saya harus mengimpor skrip (dari direktori yang berbeda kemudian skrip yang dieksekusi), yang menggunakan file konfigurasi yang berada di folder yang sama dengan skrip yang diimpor.

The __file__atribut bekerja untuk kedua file yang berisi kode eksekusi utama sebagai modul serta impor.

Lihat https://web.archive.org/web/20090918095828/http://pyref.infogami.com/__file__

import sys

print sys.path[0]

ini akan mencetak jalur skrip yang saat ini sedang dijalankan

Saya pikir itu hanya __file__ Kedengarannya seperti Anda mungkin juga ingin checkout modul inspeksi .

Kamu bisa menggunakan inspect.stack()

import inspect,os
inspect.stack()[0]  => (<frame object at 0x00AC2AC0>, 'g:\\Python\\Test\\_GetCurrentProgram.py', 15, '<module>', ['print inspect.stack()[0]\n'], 0)
os.path.abspath (inspect.stack()[0][1]) => 'g:\\Python\\Test\\_GetCurrentProgram.py'

Karena Python 3 cukup umum, saya ingin memasukkan pathlibjawaban, karena saya percaya itu mungkin sekarang menjadi alat yang lebih baik untuk mengakses informasi file dan path.

from pathlib import Path

current_file: Path = Path(__file__).resolve()

Jika Anda sedang mencari direktori dari file saat ini, itu adalah semudah menambahkan .parentke Path()pernyataan:

current_path: Path = Path(__file__).parent.resolve()

import sys
print sys.argv[0]

Ini seharusnya bekerja:

import os,sys
filename=os.path.basename(os.path.realpath(sys.argv[0]))
dirname=os.path.dirname(os.path.realpath(sys.argv[0]))

print(__file__)
print(__import__("pathlib").Path(__file__).parent)

Untuk mendapatkan direktori skrip pelaksana

 print os.path.dirname( inspect.getfile(inspect.currentframe()))

Saya selalu menggunakan fitur os dari Current Working Directory, atau CWD. Ini adalah bagian dari perpustakaan standar, dan sangat mudah diimplementasikan. Berikut ini sebuah contoh:

    import os
    base_directory = os.getcwd()

Saya menggunakan pendekatan dengan __file__
os.path.abspath(__file__)
tetapi ada sedikit trik, ia mengembalikan file .py ketika kode dijalankan pertama kali, selanjutnya menjalankan memberi nama file * .pyc
jadi saya tetap dengan:
inspect.getfile(inspect.currentframe())
atau
sys._getframe().f_code.co_filename

Saya menulis sebuah fungsi yang mempertimbangkan debugger eclipse dan unittest . Ini mengembalikan folder skrip pertama yang Anda luncurkan. Secara opsional Anda dapat menentukan __file__ var, tetapi yang utama adalah Anda tidak perlu membagikan variabel ini di semua hierarki panggilan Anda .

Mungkin Anda dapat menangani tumpukan kasus tertentu yang tidak saya lihat, tetapi bagi saya tidak masalah.

import inspect, os
def getRootDirectory(_file_=None):
    """
    Get the directory of the root execution file
    Can help: http://stackoverflow.com/questions/50499/how-do-i-get-the-path-and-name-of-the-file-that-is-currently-executing
    For eclipse user with unittest or debugger, the function search for the correct folder in the stack
    You can pass __file__ (with 4 underscores) if you want the caller directory
    """
    # If we don't have the __file__ :
    if _file_ is None:
        # We get the last :
        rootFile = inspect.stack()[-1][1]
        folder = os.path.abspath(rootFile)
        # If we use unittest :
        if ("/pysrc" in folder) & ("org.python.pydev" in folder):
            previous = None
            # We search from left to right the case.py :
            for el in inspect.stack():
                currentFile = os.path.abspath(el[1])
                if ("unittest/case.py" in currentFile) | ("org.python.pydev" in currentFile):
                    break
                previous = currentFile
            folder = previous
        # We return the folder :
        return os.path.dirname(folder)
    else:
        # We return the folder according to specified __file__ :
        return os.path.dirname(os.path.realpath(_file_))

Untuk menjaga konsistensi migrasi lintas platform (macOS / Windows / Linux), coba:

path = r'%s' % os.getcwd().replace('\\','/')

Cara paling sederhana adalah:

di script_1.py:

import subprocess
subprocess.call(['python3',<path_to_script_2.py>])

di script_2.py:

sys.argv[0]

PS: Saya sudah mencoba execfile, tetapi karena membaca script_2.py sebagai string, sys.argv[0]dikembalikan <string>.

Inilah yang saya gunakan sehingga saya dapat membuang kode saya di mana saja tanpa masalah. __name__selalu didefinisikan, tetapi __file__hanya ditentukan ketika kode dijalankan sebagai file (misalnya tidak dalam IDLE / iPython).

    if '__file__' in globals():
        self_name = globals()['__file__']
    elif '__file__' in locals():
        self_name = locals()['__file__']
    else:
        self_name = __name__

Atau, ini dapat ditulis sebagai:

self_name = globals().get('__file__', locals().get('__file__', __name__))

Sebagian besar jawaban ini ditulis dalam Python versi 2.x atau sebelumnya. Dalam Python 3.x sintaks untuk fungsi cetak telah berubah untuk membutuhkan tanda kurung, yaitu cetak ().

Jadi, ini skor jawaban tinggi sebelumnya dari user13993 di Python 2.x:

import inspect, os
print inspect.getfile(inspect.currentframe()) # script filename (usually with path)
print os.path.dirname(os.path.abspath(inspect.getfile(inspect.currentframe()))) # script directory

Menjadi dalam Python 3.x:

import inspect, os
print(inspect.getfile(inspect.currentframe())) # script filename (usually with path)
print(os.path.dirname(os.path.abspath(inspect.getfile(inspect.currentframe()))) ) # script directory

jika Anda hanya menginginkan nama file tanpa ./atau .pyAnda dapat mencoba ini

filename = testscript.py
file_name = __file__[2:-3]

file_name akan mencetak skrip Anda dapat menghasilkan apa pun yang Anda inginkan dengan mengubah indeks di dalam []

import os

import wx


# return the full path of this file
print(os.getcwd())

icon = wx.Icon(os.getcwd() + '/img/image.png', wx.BITMAP_TYPE_PNG, 16, 16)

# put the icon on the frame
self.SetIcon(icon)